年上海市浦东新区中考物理二模试卷
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．教室中的多媒体设备都接有外置音箱，这样做的目的是为了增大声音的（ ）
A．响度 B．音调 C．音色 D．频率
2．证明了大气压强存在的著名实验是（ ）
A．托里拆利实验 B．阿基米德实验
C．帕斯卡球实验 D．马德堡半球实验
3．热机工作时，内能被转化为（ ）
A．核能 B．电能 C．机械能 D．化学能
4．关于磁场，下列说法中正确的是（ ）
A．磁场只有强弱，没有方向
B．磁场既有强弱，又有方向
C．磁场只有方向，没有强弱
D．磁场没有方向，没有强弱
5．如图所示电路的总电阻为10欧，则下列判断中正确的是（ ）
A．R1的阻值可能为2欧 B．R2的阻值可能为5欧
C．R1的阻值可能为10欧 D．R2的阻值可能为20欧
6．甲、乙两车从相距14米的P、Q两点同时出发，相向而行做匀速直线运动，经过6秒两车相距2米。在如图所示的a、b、c三条图线中（ ）
A．一定是ab B．一定是ac C．可能是bc D．可能是ab
二、填空题（共20分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7．在上海，家用照明电路的电压为 伏。某电阻正常工作时的电流约为0.3安，正常工作10秒钟通过它的电荷量为 库；若通过该电阻的电流增大为0.6安，则它的电阻值将 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
8．景区中，一辆新能源汽车在行驶时，驾驶员相对于汽车是 （选填“运动”或“静止”）的，行车时，车上人员要系好安全带 ，会继续向前运动而造成伤害。某游船排开水的体积为10米3，该游船所受浮力的大小为 牛。
9．不计摩擦及滑轮重，用如图所示的滑轮匀速提升重为20牛的物体A，则拉力F的大小为 牛；若物体A被匀速提升了3米，此过程中拉力F做的功为 焦，物体A的重力势能 （选填“变大”、“不变”或“变小”）。
10．在各种不同色光中， 叫做三原色光。凸透镜对光线有 （选填“会聚”或“发散”）作用。在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，某同学将光源和凸透镜放在如图所示的位置时，通过移动光屏；若他将光源放到光具座的“45”厘米刻度处时，通过移动光屏 （选填“一定能”、“可能”或“一定不能”）在光屏上找到一个清晰的像。
11．在如图所示的电路中，电源电压为6伏且保持不变，电阻R1、R2的阻值均为30欧。当开关S闭合后，电流表A的示数为 安。一段时间后，由于R1、R2中的一个出现故障，有一个电表的示数发生了变化，则这个电表是 （选填“V”、“A”或“A1”）表。请写出两个没有发生变化的电表的示数及对应的故障。 、 。
12．汤姆生在年提出：带正电的物质均匀地分布在整个原子球体之中，而带负电的电子则均匀镶嵌其中。汤姆生的这个原子模型我们称之为 （选填字母）。
A葡萄干蛋糕模型B行星模型C电子云模
卢瑟福在年用如图所示的实验装置，把带正电的氢原子核（又称α粒子）射向厚度为10﹣6米的金箔，发现绝大多数α粒子穿过金箔后几乎沿原方向前进，而平均1/的α粒子会发生大角度的偏转或被弹回。
从汤姆生提出的原子模型进行推理：在α粒子进入原子后，由于电子的质量只有α粒子的1/，它对α粒子的影响如同灰尘撞枪弹。而正电荷均匀分布在整个原子中
基于以上推理，对于“α粒子会发生大角度的偏转或被弹回”的现象：均匀镶嵌的电子 产生这一现象原因，均匀分布的正电荷 产生这一现象原因。（均选填“是”或“不是”）因此，汤姆生的原子模型理论 （选填“能”或“不能”）解释上述现象。
三、作图题（共4分）
13．如图所示，静止在水平地面上的物体重为6牛，请在图中用力的图示法画出该物体所受的重力G。
14．根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
四、综合题（共34分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
15．将质量为0.5千克的温水自然冷却，温度降低了20℃．求水放出的热量Q放．[c水＝4.2×焦/（千克℃）]。
16．杠杆平衡时，动力F1的大小为10牛，动力臂l1为0.2米，阻力臂l2为0.5米。求阻力F2的大小。
17．如图所示，甲、乙两个柱形容器分别放在水平地面上。
①若甲容器中盛有0.3米深的水，求水对甲容器底部的压强p水。
②若乙容器中盛有2×10﹣3米3的某种液体，液体质量为1.8千克，求这种液体的密度ρ液。
③若两容器中分别盛有不同液体，下表中记录了从容器中抽出相同深度的液体前后，液体对容器底部的压强值。求这两种液体的密度之比ρ甲：ρ乙。
18．小华在“测定小灯泡的电功率”实验中，所用电源电压为4.5伏且保持不变、小灯标有“2.5V”字样。他按图（a）所示连接电路，再把电压表并联在电路中某处。然后闭合开关，向左移动滑片到甲位置时（b）、（c）所示。继续向左移动滑片到乙位置时，小灯恰好正常发光，电压表指针偏转角度恰好是电流表指针偏转角度的两倍。
①图（b）中电压表的示数为 伏；电压表并联在 的两端。
②计算小灯泡的额定功率 。
19．某小组同学在学了液体压强的规律以后，用如图所示口小底大的圆台形容器进一步进行相关研究。他们在容器中倒入深度为h的水，用传感器测出水对容器底部的压强p水、容器对水平地面的压强p容。实验时，他们每次抽出深度均为△h的水，记录p水和p容的值，并计算了每次压强变化量△p水和△p容，把相关数据记录在下表中。
①分析比较表中p容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中， 。
②分析比较表中 的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，水对容器底部的压强p水与容器中水的深度h成正比。
③分析比较表中△p水和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，每次抽出深度均为△h的水水与容器中水的深度h （选填“有关”或“无关”）。
④分析比较表中△p容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中， 。
⑤进一步分析比较表中p水和p容的大小关系及相关条件，可得出：p水 （选填“可能”或“不可能”）小于p容。
⑥进一步分析比较表中△p水和△p容的大小关系及相关条件，可得出：△p水 （选填“可能”或“不可能”）小于△p容。
20．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，滑动变阻器R2上标有“1A”字样。
①若闭合开关S，电压表V示数为3伏，通过电阻R1的电流为0.6安，求：
（a）电阻R1的阻值。
（b）10秒内电流通过R1所做的电功W1。
②若滑动变阻器R2的最大电阻值是定值电阻R1阻值的2倍，当电源电压为9伏时，通过移动滑片能使电压表V示数的最大变化量为△U，通过移动滑片能使电压表V示数的最大变化量仍然为△U。请通过计算说明滑动变阻器R2的最大电阻值。
答案
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．解：教室中的多媒体设备都接有外置音箱，这样做的目的是为了增大声音的音量，音量大则响度大；外置音箱不能改变声音的音调；
故A正确；BCD错误。
故选：A。
2．解：历史上，在德国的马德堡市广场上做过一个著名的实验，抽出里面的空气，两个半球未被拉开，这就是著名的马德堡半球实验。
故选：D。
3．解：热机是在做功冲程中将蒸汽或燃气的内能转化成机械能的装置。
故选：C。
4．解：磁场是一种特殊的物质，我们既不能看见它；磁场既有方向，都可通过磁感线来描述、ACD错误。
故选：B。
5．解：由图可知，电阻R1和R2并联在电路中，在并联电路中，即R总＜R3且R总＜R2，而R总＝10Ω，故R1和R5的阻值都大于10Ω，故ABC错误。
故选：D。
6．解：根据s＝vt可得6s时，甲车行驶的路程s甲＝6s×v甲，乙车行驶的路程s乙＝6s×v乙，
由题知，甲、乙两车分别从P，
并且经过6s时甲、乙相距2m、乙还没有相遇时相距6m、甲；
①如图1，则PPQ＝s甲+s乙+2m＝5s×v甲+6s×v乙+2m＝14m，则v甲+v乙＝3m/s，
②如图2，则PPQ′＝s甲+s乙﹣2m＝5s×v甲+6s×v乙﹣2m＝14m，则v甲+v乙＝
m/s，
由图可知：va＝
＝
＝5m/s，vb＝
＝
＝
m/s，vc＝
＝
＝
m/s，
因vb+vc＝
m/s+
，所以可能是b、c；
因va+vc＝2m/s+
m/s＝
，所以可能是a、c。
故选：C。
二、填空题（共20分）请将结果填入答题纸的相应位置。
7．解：我国家用照明电路的电压为V；
由I＝
可得，
因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，导体的电阻不变。
故答案为：；3；不变。
8．解：（1）一辆新能源汽车在行驶时，以汽车为参照物，所以驾驶员相对于汽车是静止的；
（2）行车时，车内人员原来与汽车一起运动，车内人员由于具有惯性，以原来的速度向前运动而造成伤害；
（3）该游船所受浮力的大小F浮＝ρ水gV排＝1.0×kg/m3×10N/kg×10m3＝8×N。
故答案为：静止；惯性5。
9．解：由图知，该装置是定滑轮，
不计摩擦及滑轮重，则拉力F＝G＝20N，
拉力端移动的距离：
s＝h＝3m，
拉力做功：
W＝Fs＝20N×3m＝60J。
因为物体A被匀速提升，物体的高度增加，因此重力势能增大。
故答案为：20；60。
10．解：（1）红光、绿光；
（2）凸透镜对光线具有会聚作用；
（3）某同学将光源和凸透镜放在如图所示的位置时，通过移动光屏，说明此时的物距位于一倍焦距和2倍焦距之间，即7.6cm＜f＜15cm，此时的物距为5cm，成正立放大的虚像。
故答案为：红光、绿光；会聚。
11．解：由图可知，开关闭合后，电流表A测量干路中的电流；电流表A1测量通过R1的电流；
通过R8的电流为：I1＝
＝
＝0.2A6的电流为：I2＝
＝
＝0.2A5+I2＝0.3A+0.2A＝7.4A；
电压表测量电源的电压，则电压表示数不变；若R1或R8短路，则电源短路；
若R1断路，则通过R1的电流为3，电流表A1示数为0，根据并联电路的电流关系可知，电流表A示数变小；
若R5断路，则通过R3的电流为0，由于并联电路互不影响2示数不变，根据并联电路的电流关系可知，电流表A示数变小。
故答案为：0.4；A；电压表示数为4V1示数为0.8A。
12．解：（1）由物理学史知识可知，汤姆生最早提出：带正电的物质均匀地分布在整个原子球体之中，被称之为“葡萄干蛋糕模型”；
（2）分析题意并推理可知，电子质量很小，因此；
又因为“α粒子穿过原子时受到各方向正电荷对它的斥力会相互平衡”，所以均匀分布的正电荷也不是产生这一现象原因。
由此可以证明：汤姆生的原子模型理论不能解释“α粒子会发生大角度的偏转或被弹回”这一现象。
故答案为：A；不是；不能。
三、作图题（共4分）
13．解：重力的作用点在重心，方向竖直向下；选取标度为3N，使线段的长度为标度的2倍，如图所示：
14．解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′，用虚线连接A′，如图所示：
四、综合题（共34分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。
15．解：Q放＝cm△t
＝4.2×J/（kg℃）×0.5kg×20℃
＝8.2×J。
答：水放出的热量8.2×J。
16．解：由题意可知，F1＝10N，l1＝8.2m，l2＝7.5m，
由杠杆的平衡条件可得：F1l6＝F2l2，
则F3＝
F7＝
×10N＝4N。
答：阻力F7的大小为4N。
17．解：①水对甲容器底部的压强：
p水＝ρ水gh水＝1.0×kg/m3×9.5N/kg×0.3m＝Pa；
②这种液体的密度：
ρ液＝
＝
＝0.9×kg/m3；
③由表格数据可知，两液体对容器底部压强的变化量分别为：
△p甲＝p甲前﹣p甲后＝Pa﹣Pa＝Pa，
△p乙＝p乙前﹣p乙后＝Pa﹣Pa＝Pa，
因从容器中抽出液体的深度相同，
所以，由p＝ρ液gh可得，两液体的密度之比：
＝
＝
＝
＝
。
答：①水对甲容器底部的压强为Pa；
②这种液体的密度为0.9×kg/m3；
③这两种液体的密度之比ρ甲：ρ乙为3：6。
18．解：（1）由图可知，电压表的指针指在第15个小格上，则每个小格的电压值为0.5V，示数要大于电源电压，此时电压表的示数为5.5V，滑动变阻器接入电路的电阻减小，滑动变阻器两端分担的电压变小，小灯泡两端的电压变大，则甲位置时灯泡的电压为4.2V﹣1.5V＝6V，灯泡会损坏；
（2）由图可知，此时电流表选用的是小量程，示数为0.22A；
小灯泡正常发光时的电压为2.5V，电压表示数从1.5V升高到5.5V时，电压表指针偏转角度恰好是电流表指针偏转角度的两倍，即灯泡正常发光时的电流为：0.22A+7×0.02A＝0.32A；
灯泡的额定功率为：P＝UI＝3.5V×0.32A＝5.8W。
故答案为：（1）1.3；灯泡。
19．解：①分析比较表中p容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，容器对水平地面的压强p容也增加；
②要得出“口小底大的圆台形容器中，水对容器底部的压强p水与容器中水的深度h成正比”需要分析比较表中p水和h的变化；
③分析比较表中△p水和h的变化关系及相关条件知，每次抽出深度均为△h的水水不变，即可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，水对容器底部的压强变化量△p水与容器中水的深度h无关；
④分析比较表中△p容和h的变化关系及相关条件，可得出的初步结论是：口小底大的圆台形容器中，容器中水的深度h越小容越大；
⑤进一步分析比较表中p水和p容的大小关系及相关条件知随着水深度的减小，水对容器底部的压强p水与容器对水平地面的压强p容的差越小，当小到一定程度水对容器底部的压强p水可能小于容器对水平地面的压强p容；
⑥进一步分析比较表中△p水和△p容的大小关系及相关条件，可得出：水对容器底部的压强的变化量△p水不可能小于容器对水平地面的压强变化量△p容。
故答案为：①随着容器中倒入水深度h的增加，容器对水平地面的压强p容也增加；②p水和h；③无关，容器中水的深度h越小容越大；⑤可能。
20．解：由电路图可知，闭合开关S，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压。
①（a）由I＝
可得1的阻值：R1＝
＝
＝5Ω；
（b）10秒内电流通过R1所做的电功：W3＝U1It＝3V×6.6A×10s＝18J；
②由题意可知，滑动变阻器R2的最大电阻值是定值电阻R4阻值的2倍，
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：I＝
＝
＝
＝
，
则电压表的示数：U8＝IR1＝
×R1＝
，
所以，当电源电压为3伏时电压表的最小示数U1小＝3V，当电源电压改为12伏时电压表的最小示数U5小＝4V，
由滑动变阻器铭牌可知电路允许通过的最大电流为1A，
若两种情况下都可以达到5A，由U＝IR可知，
由串联电路中总电压等于各分电压之和（△U＝U1大﹣U1小）可知，两种情况下电压表V示数的最大变化量不相等；
若两种情况下电路中的电流没有达到8A，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，
则电源的电压为9V时电压表示数的最大变化量为9V﹣7V＝6V、电源的电压为12V时电压表示数的最大变化量为12V﹣4V＝5V；
综上可知，两种情况下只能是电源电压为9V时电路中的电流没有达到1A，电压表示数的最大变化量△U＝8V﹣3V＝6V，
当电源的电压U＝12V时，电压表的最大示数U3大＝4V+6V＝10V，此时电路中的电流I大＝2A，
定值电阻的阻值：R1＝
＝
＝10Ω2大＝2R2＝2×10Ω＝20Ω。
答：①（a）电阻R1的阻值为3Ω；（b）10秒内电流通过R1所做的电功为18J。
②滑动变阻器R2的最大电阻值为20Ω。
